Son las inecuaciones más sencillas que se nos pueden presentar.

Vamos a resolver la inecuación \(2x+5 \ge x-5\).

\[\begin{aligned} 2x+5 & \ge x-5 \\ %\intertext{pasamos la $x$ del miembro izquierdo a la derecha, y los coeficientes independientes los dejamos a la izquierda} 2x-x & \ge -5-5 \\ x &\ge -10\end{aligned}\]

Por tanto la solución de la inecuación son todos los números reales que verifican ser mayores o iguales a -10, es decir, las soluciones se encuentran en el intervalo \([-10,+\infty[\).

Vamos a plantear ahora sistemas de dos inecuaciones lineales con una incógnita. Veremos que las soluciones, si las hay, vuelven a ser infinitas.

Consideremos el sistema \[\left\{ \begin{aligned} x-3 &>0 \\ 2x & < 8 \end{aligned} \right.\]

Para resolverlo, resolvemos cada inecuación de forma independiente. \[\Biggr\{ \begin{aligned} x & >3 \\ x & <4 \end{aligned}\] con lo que la solución es \(3 < x <4\). Es decir, las soluciones de este sistema son todos los números reales que están en el intervalo \(]3,4[\).

Hay que tener en cuenta que un sistema de inecuaciones de este tipo puede tener solución (sistema compatible) o puede no tenerlo (sistema incompatible).

También podemos plantear y resolver inecuaciones a partir de un polinomio de grado 2; esto es, una inecuación del tipo \(P(x) \le Q(x)\), o, \(P(x) <Q(x)\), donde ambas expresiones, \(P\) y \(Q\), son polinomios de grado 2. Para resolverlas, simplificamos coeficientes hasta conseguir una inecuación de 2º grado comparada con el cero. Después factorizamos el polinomio resultante (utilizando la resolución de una ecuación de 2º grado) y discutimos casos. Vemos todo este proceso con un ejemplo:

Consideramos la inecuación: \(x^2-3x-3<-4x-1\). Pasamos todos los coeficientes a un miembro, por ejemplo al izquierdo y nos queda:

\[\begin{aligned} x^2-3x+4x-3+1 & <0 \\ x^2+x-2&<0 \\ %\intertext{factorizamos el polinomio resolviendo la ecuación $x^2+x-2=0$} (x+2)(x-1) &<0\end{aligned}\]

Llegados a este punto, discutimos casos para encontrar la solución de la inecuación.

\[\begin{aligned} \text{Si} \ x < -2, & \hbox{ entonces } \ (x+2)(x-1)>0 \\ \text{Si} \ -2 < x <1, & \hbox{ entonces } \ (x+2)(x-1)<0 \\ \text{Si} \ x > 1, & \hbox{ entonces } \ (x+2)(x-1)>0 \end{aligned}\]

Por tanto, la solución de la inecuación la forman los números \(x\), que verifican \(-2<x<1\), es decir, el intervalo \(]-2,1[\).

Podemos dibujar la parábola $y=x^2+2x-2$ y ver gráficamente la solución.

Cuando se resuelven este tipo de inecuaciones no hay que caer en el error de ``presuponer" nada. Intentemos explicarnos mejor con el siguiente ejemplo.

Consideramos la inecuación: \(\dfrac{x^2+1}{x-1} \le x\).

Es claro que el punto \(x=1\) no es solución, ya que anula al denominador. Entonces, en primer lugar, quitamos el denominador multiplicando ambos miembros por el denominador \(x-1\):

\[\begin{aligned} x^2+1 & \le x^2-x \\ 1 & \le -x \\ %\intertext{Multiplicando ambos miembros de la inecuación por $-1$ y la desigualdad se invierte} -1 & \ge x\end{aligned}\]

Parecería entonces que la solución es el conjunto \(]-\infty,-1] \). Sin embargo, es fácil comprobar que el punto \(x=0\) es solución de inecuación y, evidentemente, no pertenece al conjunto solución que acabamos de dar. ¿Qué ha pasado entonces? Ha pasado que, en el primer paso que hemos dado (multiplicar ambos miembros de la inecuación por el denominador \(x-1\)), hemos ``presupuesto" que \(x-1>0\), es decir, que \(x>1\). Por lo que el conjunto solución que hemos obtenido por ahora no tiene sentido con la suposición que hemos hecho de \(x>1\). Por tanto, como en el caso \(x-1>0\) no habría solución, tenemos que contemplar la posibilidad de que \(x-1<0\), es decir, de que \(x\) fuera menor que \(1\). Consideramos este caso ahora, con lo que al multiplicar por el denominador, la desigualdad se invierte.

\[\begin{aligned} x^2+1 & \ge x^2-x \\ 1 & \ge -x \\ x & \ge -1\end{aligned}\]

Por tanto, la solución está formada por los puntos \(x\) tales que \(x<1\) y además \(x \ge -1\). Es decir, el intervalo \([-1,1[\).